Задача 2 (Повне дослідження функції, побудова графіка)

Дослідити функцію та побудувати її графік:  y=\frac{x^{2}+6}{x^{2}+1} .

1) ОДЗ.

Дробово-раціональна функція визначена тоді і тільки тоді, коли її знаменник не дорівнює нулю. Оскільки знаменник заданої функції завжди додатній і не перетворюється в нуль при жодному значенні х, то функція визначена на всій множині дійсних чисел. Тому D(f) = R.

2) Періодичність.

Функція неперіодична.

3) Парність – непарність. 

 y(-x)=\frac{(-x)^{2}+6}{(-x)^{2}+1}=y=\frac{x^{2}+6}{x^{2}+1}=y(x) .

Отже, функція парна, а значить її графік симетричний відносно осі Оу.

4) Перетин графіка з осями координат. 

Графік перетинає вісь Оу при х = 0. Тому  x=0\Rightarrow y=\frac{0+6}{0+1}=6 .

Графік перетинає вісь Ох при у = 0. Але дріб не дорівнює нулю при будь-якому значенні х (чисельник завжди додатній). Значить графік функції не перетинає вісь Ох.

5)  Неперервність. 

Оскільки функція визначена на всій множині дійсних чисел, то вона є неперервною на всій області визначення.

6) Асимптоти графіка функції. 

Вертикальних асимптот немає, оскільки функція неперевна. Знайдемо похилі та горизонтальні асимптоти, якщо вони існують. Їх шукатимемо у вигляді у = kх + b. 

 k=\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{f(x)}{x}=\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{x^{2}+6}{x(x^{2}+1)}=

 =\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{x^{2}(1+\frac{6}{x^{2}})}{x^{2}(1+\frac{1}{x^{2}})}=

 =\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{1}{x}=0

 b=\lim_{x\rightarrow \propto }(f(x)-kx)=\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{x^{2}+6}{x^{2}+1}=

 =\lim_{x\rightarrow \propto }\frac{x^{2}(1+\frac{6}{x^{2}})}{x^{2}(1+\frac{1}{x^{2}})}=\lim_{x\rightarrow \propto }1=1 .

Отже,  маємо горизонтальну асимптоту у = 1.

7) Монотонність.

Визначимо проміжки зростання та спадання функції. Для цього знайдемо похідну функції:

 y'=\frac{2x(x^{2}+1)-2x(x^{2}+6)}{(x^{2}+1)^{2}}=

 =\frac{2x^{3}+2x-2x^{3}-12x}{(x^{2}+1)^{2}}=\frac{-10x}{(x^{2}+1)^{2}}  .

Функція зростає, коли її похідна більша за нуль і спадає – коли менша.

Оскільки   (x^{2}+1)^{2}>0 , то у’ > 0, при -10x > 0 ⇒ x < 0, та y’ < 0, при -10x < 0 ⇒ x > 0.

Тобто функція зростає при х ∈ (-∞; 0) та спадає при х ∈ (0; +∞).

8) Екстремуми функції.

Для знаходження екстремумів функції, потрібно визначити критичні точки, тобто точки в яких похідна не існує або дорівнює нулю.  Оскільки знаменник похідної не перетворюється в нуль при жодному значенні х, а чисельник дорівнює нулю лише при х = 0, то це і є точка підозріла на екстремум.

З попереднього пункту бачимо, що при переході через цю точку похідна змінює знак з “+” на “-“. Тому х = 0 є точкою максимуму функції.

При х = 0, у = 5 – найбільше значення функції.

9) Опуклість та точки перегину. 

Для знаходження точок перегину графіка функції, потрібно обчислити другу похідну функції: 

 y''=\left(\frac{-10x}{(x^{2}+1)^2} \right)'=

 =\frac{-10(x^2+1)^2+10x\cdot 2(x^2+1)\cdot 2x}{(x^2+1)^4}=

 =\frac{-10(x^4+2x^2+1)+40x^4+40x^2}{(x^2+1)^4}=

 =\frac{30x^4+20x^2-10}{(x^2+1)^4}  .

Прирівняємо другу похідну до нуля. 

 f''(x)=0\Rightarrow 30x^4+20x^2-10=0,

 3x^4+2x^2-1=0,

 x^2=t,\; t\geq 0,

 3t^2+2t-1=0

 D=4-4\cdot 3\cdot (-1)=16,

 t_{1}=\frac{-2-4}{2\cdot 3}=-1, – не задовольняє умови заміни;

 t_{2}=\frac{-2+4}{6}=\frac{1}{3}\Rightarrow x_{1}=\frac{1}{\sqrt{3}},\; x_{2}=-\frac{1}{\sqrt{3}} .

Перевіримо чи змінює знак f” при переході через точки  x_{1}=\frac{1}{\sqrt{3}} та  x_{2}=-\frac{1}{\sqrt{3}} .

 Отже,  x_{1}=\frac{1}{\sqrt{3}},\; x_{2}=-\frac{1}{\sqrt{3}} – точки перегину графіка функції. На проміжку  (-\propto ; -\frac{1}{\sqrt{3}})\bigcup{}(\frac{1}{\sqrt{3}};+\propto ) графік функції опуклий вниз, а на проміжку   (-\frac{1}{\sqrt{3}};\frac{1}{\sqrt{3}}) – вгору.  

10) Побудова графіка функції. 

Leave a Reply

Зараз на сайті
contador de visitas счетчик посещений
Лічильник сайту
html counterсчетчик посетителей сайта
Календар
Листопад 2018
Пн Вт Ср Чт Пт Сб Нд
« Жов    
 1234
567891011
12131415161718
19202122232425
2627282930